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문제 

ROR 게임은 두 팀으로 나누어서 진행하며, 상대 팀 진영을 먼저 파괴하면 이기는 게임입니다. 따라서, 각 팀은 상대 팀 진영에 최대한 빨리 도착하는 것이 유리합니다.

지금부터 당신은 한 팀의 팀원이 되어 게임을 진행하려고 합니다.

다음은 5 x 5 크기의 맵에, 당신의 캐릭터가 (행: 1, 열: 1) 위치에 있고, 상대 팀 진영은 (행: 5, 열: 5) 위치에 있는 경우의 예시입니다.

위 그림에서 검은색 부분은 벽으로 막혀있어 갈 수 없는 길이며, 흰색 부분은 갈 수 있는 길입니다.

캐릭터가 움직일 때는 동, 서, 남, 북 방향으로 한 칸씩 이동하며, 게임 맵을 벗어난 길은 갈 수 없습니다.

아래 예시는 캐릭터가 상대 팀 진영으로 가는 두 가지 방법을 나타내고 있습니다.

1) 첫 번째 방법은 11개의 칸을 지나서 상대 팀 진영에 도착했습니다.

2) 두 번째 방법은 15개의 칸을 지나서 상대팀 진영에 도착했습니다.

위 예시에서는 첫 번째 방법보다 더 빠르게 상대팀 진영에 도착하는 방법은 없으므로, 이 방법이 상대 팀 진영으로 가는 가장 빠른 방법입니다.

만약, 상대 팀이 자신의 팀 진영 주위에 벽을 세워두었다면 상대 팀 진영에 도착하지 못할 수도 있습니다.

예를 들어, 다음과 같은 경우에 당신의 캐릭터는 상대 팀 진영에 도착할 수 없습니다.

게임 맵의 상태 maps가 매개변수로 주어질 때, 캐릭터가 상대 팀 진영에 도착하기 위해서 지나가야 하는 칸의 개수의 최솟값을 return 하도록 solution 함수를 완성해주세요.

단, 상대 팀 진영에 도착할 수 없을 때는 -1을 return 해주세요.

입출력

입출력 #1

주어진 데이터는 다음과 같습니다.

캐릭터가 적 팀의 진영까지 이동하는 가장 빠른 길은 다음 그림과 같습니다.

따라서 총 11칸을 캐릭터가 지나갔으므로 11을 return 하면 됩니다.

입출력 #2

문제의 예시와 같으며, 상대 팀 진영에 도달할 방법이 없습니다. 따라서 -1을 return 합니다.

제한 사항

• maps는 n x m 크기의 게임 맵의 상태가 들어있는 2차원 배열로, n과 m은 각각 1 이상 100 이하의 자연수입니다.
  • n과 m은 서로 같을 수도, 다를 수도 있지만, n과 m이 모두 1인 경우는 입력으로 주어지지 않습니다.
• maps는 0과 1로만 이루어져 있으며, 0은 벽이 있는 자리, 1은 벽이 없는 자리를 나타냅니다.
• 처음에 캐릭터는 게임 맵의 좌측 상단인 (1, 1) 위치에 있으며, 상대방 진영은 게임 맵의 우측 하단인 (n, m) 위치에 있습니다.

코드

function solution(maps) {
    var answer = -1;
    var searched = [[]];
    var queue = [{x:0, y:0, dist:1}];
    const dx = [0, 1, 0, -1];
    const dy = [1, 0, -1, 0];
    
    for(var i=0; i<maps.length; i++) {
        searched[i] = [];
        for(var j=0; j<maps[0].length; j++) {
            searched[i][j] = false;
        }
    }
    searched[0][0] = true;
    
    while(queue.length!=0) {
        var temp = queue.shift();
        for(var i=0; i<dx.length; i++) {
            var nextX = temp.x+dx[i];
            var nextY = temp.y+dy[i];
            
            if(nextX>=maps.length||nextX<0||nextY>=maps[0].length||nextY<0) continue;
            if(maps[nextX][nextY]==0 || searched[nextX][nextY]) continue;
            if(nextX==maps.length-1 && nextY == maps[0].length-1) {
                answer = answer==-1? temp.dist+1 : answer>temp.dist+1? temp.dist+1 : answer; 
            } else {
                searched[nextX][nextY] = true;
                queue.push({x:nextX, y:nextY, dist: temp.dist+1});
            }
        }
    }
        
    return answer;
}

문제 

개발자를 희망하는 죠르디가 카카오에 면접을 보러 왔습니다.

코로나 바이러스 감염 예방을 위해 응시자들은 거리를 둬서 대기를 해야하는데 개발 직군 면접인 만큼
아래와 같은 규칙으로 대기실에 거리를 두고 앉도록 안내하고 있습니다.

1. 대기실은 5개이며, 각 대기실은 5x5 크기입니다.
2. 거리두기를 위하여 응시자들 끼리는 맨해튼 거리1가 2 이하로 앉지 말아 주세요.
3. 단 응시자가 앉아있는 자리 사이가 파티션으로 막혀 있을 경우에는 허용합니다.

예를 들어,

위 그림처럼 자리 사이에 파티션이 존재한다면 맨해튼 거리가 2여도 거리두기를 지킨 것입니다.

위 그림처럼 파티션을 사이에 두고 앉은 경우도 거리두기를 지킨 것입니다.

위 그림처럼 자리 사이가 맨해튼 거리 2이고 사이에 빈 테이블이 있는 경우는 거리두기를 지키지 않은 것입니다.

• 응시자가 앉아있는 자리(P)를 의미합니다.
• 빈 테이블(O)을 의미합니다.
• 파티션(X)을 의미합니다.

5개의 대기실을 본 죠르디는 각 대기실에서 응시자들이 거리두기를 잘 기키고 있는지 알고 싶어졌습니다. 자리에 앉아있는 응시자들의 정보와 대기실 구조를 대기실별로 담은 2차원 문자열 배열 places가 매개변수로 주어집니다. 각 대기실별로 거리두기를 지키고 있으면 1을, 한 명이라도 지키지 않고 있으면 0을 배열에 담아 return 하도록 solution 함수를 완성해 주세요.

입출력

입출력 #1

첫 번째 대기실

• 모든 응시자가 거리두기를 지키고 있습니다.

두 번째 대기실

• (0, 0) 자리의 응시자와 (2, 0) 자리의 응시자가 거리두기를 지키고 있지 않습니다.
• (1, 2) 자리의 응시자와 (0, 3) 자리의 응시자가 거리두기를 지키고 있지 않습니다.
• (4, 3) 자리의 응시자와 (4, 4) 자리의 응시자가 거리두기를 지키고 있지 않습니다.

세 번째 대기실

• 모든 응시자가 거리두기를 지키고 있습니다.

네 번째 대기실

• 대기실에 응시자가 없으므로 거리두기를 지키고 있습니다.

다섯 번째 대기실

• 모든 응시자가 거리두기를 지키고 있습니다.

두 번째 대기실을 제외한 모든 대기실에서 거리두기가 지켜지고 있으므로, 배열 [1, 0, 1, 1, 1]을 return 합니다.

제한 사항

• places의 행 길이(대기실 개수) = 5
  • places의 각 행은 하나의 대기실 구조를 나타냅니다.
• places의 열 길이(대기실 세로 길이) = 5
• places의 원소는 P,O,X로 이루어진 문자열입니다.
  • places 원소의 길이(대기실 가로 길이) = 5
  • P는 응시자가 앉아있는 자리를 의미합니다.
  • O는 빈 테이블을 의미합니다.
  • X는 파티션을 의미합니다.
• 입력으로 주어지는 5개 대기실의 크기는 모두 5x5 입니다.
• return 값 형식
  • 1차원 정수 배열에 5개의 원소를 담아서 return 합니다.
  • places에 담겨 있는 5개 대기실의 순서대로, 거리두기 준수 여부를 차례대로 배열에 담습니다.
  • 각 대기실 별로 모든 응시자가 거리두기를 지키고 있으면 1을, 한 명이라도 지키지 않고 있으면 0을 담습니다.

코드

function solution(places) {
    var answer = [];
    var stack = [];
    
    for(var i=0; i<places.length; i++) {
        var room = [];
        var searched = [[]];
        for(var j=0; j<places[0].length; j++) {
            room.push(places[i][j].split(''));
            searched[j]=[];
            for(var k=0; k<places[0].length; k++) {
                searched[j][k] = false;
            }
        }
        answer.push(checkDist(room, searched, stack));
    }
 
    return answer;
}

function checkDist(room, searched, stack) {
    const dx = [0, 1, 0, -1];
    const dy = [1, 0, -1, 0];
    
    for(var i=0; i<room.length; i++) {
            for(var j=0; j<room[0].length; j++) {
                if(room[i][j]=='P'){
                    stack.push({cur:[i, j], dist:0});
                    searched[i][j] = true;
                    while(stack.length!=0) {
                        var temp = stack.pop();
                        for(var k=0; k<dx.length; k++) {
                            var nextX = temp.cur[0]+dx[k];
                            var nextY = temp.cur[1]+dy[k];
                            if(nextX>=room.length||nextX<0||nextY>=room.length||nextY<0) {
                                continue;
                            }
                            if(room[nextX][nextY]=='X' || searched[nextX][nextY]) {
                                continue;
                            }
                            if(room[nextX][nextY]=='P' && temp.dist<2) {
                                return 0;
                            }
                            searched[nextX][nextY] = true;
                            if(temp.dist==0) {
                                stack.push({cur:[nextX, nextY], dist: temp.dist+1});
                            } 
                        }
                    }
                }
            }
        }
    return 1;
}

설명

해결방법은 생각보다 간단하다. 

P(응시자가 앉은 자리) 주변을 탐색할 때 X(파티션)가 나오면 탐색을 건너뛰고 P 혹은 O(빈 테이블)인 경우만 체크해주면 된다. 현재 탐색 중인 P에서 다음자리가 X이거나, O가 연속으로 두번 나오는 경우만 거리두기에 성공한 케이스다. 

먼저 각 대기실마다 P(응시자가 앉은 자리)를 시작으로 주변을 탐색한다. 

현재 거리와 상관없이 다음자리가 X(파티션)이라면 그 방향으로의 탐색을 건너뛴다.

(왜냐하면 파티션이 있으면 그 방향에 무엇이 있든 상관없기 때문이다.)

그리고 다음 자리가 이미 탐색한 자리어도 마찬가지로 탐색을 건너뛴다.

만약 다음자리가 P(응시자가 앉은 자리)이고 거리가 2보다 작으면 거리두기를 지키지 않았기에  0을 return한다. 

위의 모든 경우를 제외하면 다음자리가 O(빈 테이블)인 경우이고 이때 해당자리를 탐색했음을 표시한다. (재탐색 방지) 

현재 탐색 중인 P로부터 거리가 1인 O의 위치에서 만약 다음 자리도 O라면 거리두기를 지킨 것이므로 탐색을 건너뛰고, 거리가 0인 경우(현재 탐색 위치가 P인 경우)에만 스택에 다음 자리를 넘어 탐색을 이어간다. 

말로 설명하니 좀 복잡하지만, 코드로 보면 더 빠르게 이해할 수 있을 것이다. 

문제 

스트리밍 사이트에서 장르 별로 가장 많이 재생된 노래를 두 개씩 모아 베스트 앨범을 출시하려 합니다. 노래는 고유 번호로 구분하며, 노래를 수록하는 기준은 다음과 같습니다.

1. 속한 노래가 많이 재생된 장르를 먼저 수록합니다.
2. 장르 내에서 많이 재생된 노래를 먼저 수록합니다.
3. 장르 내에서 재생 횟수가 같은 노래 중에서는 고유 번호가 낮은 노래를 먼저 수록합니다.

노래의 장르를 나타내는 문자열 배열 genres와 노래별 재생 횟수를 나타내는 정수 배열 plays가 주어질 때, 베스트 앨범에 들어갈 노래의 고유 번호를 순서대로 return 하도록 solution 함수를 완성하세요.

입출력

입출력 #1

classic 장르는 1,450회 재생되었으며, classic 노래는 다음과 같습니다.
 - 고유 번호 3: 800회 재생
 - 고유 번호 0: 500회 재생
 - 고유 번호 2: 150회 재생

pop 장르는 3,100회 재생되었으며, pop 노래는 다음과 같습니다.
 - 고유 번호 4: 2,500회 재생
 - 고유 번호 1: 600회 재생

따라서 pop 장르의 [4, 1]번 노래를 먼저, classic 장르의 [3, 0]번 노래를 그다음에 수록합니다.

제한 사항

• genres[i]는 고유번호가 i인 노래의 장르입니다.
• plays[i]는 고유번호가 i인 노래가 재생된 횟수입니다.
• genres와 plays의 길이는 같으며, 이는 1 이상 10,000 이하입니다.
• 장르 종류는 100개 미만입니다.
• 장르에 속한 곡이 하나라면, 하나의 곡만 선택합니다.
• 모든 장르는 재생된 횟수가 다릅니다.

코드

function solution(genres, plays) {
    var answer = [];
    var sortArr = {};
    var maxPlays = [];
    
    for(var i=0; i<genres.length; i++) {
        if(genres[i] in sortArr) 
            sortArr[genres[i]].push({play:plays[i], index: i});
        else sortArr[genres[i]] = [{play:plays[i], index:i}];
    }
    for(var keys in sortArr) {
        sortArr[keys].sort((a,b)=>b.play-a.play);
        var sum = 0;
        for(var i=0; i<sortArr[keys].length; i++) {
            sum += sortArr[keys][i].play;
        }
        maxPlays.push({key: keys, max:sum});
    }
    maxPlays.sort((a,b) => b.max-a.max);
    
    for(var i=0; i<maxPlays.length; i++) {
        var count = 0;
        for(var j=0; j<sortArr[maxPlays[i].key].length; j++) {
            if(count==2) break;
            answer.push(sortArr[maxPlays[i].key][j].index);
            count++;
        }
    }
    return answer;
}